Szerkesztő:Mozo/Linalg gyakorló 3.
Mozo (vitalap | szerkesztései) (→3) |
Mozo (vitalap | szerkesztései) (→3) |
||
149. sor: | 149. sor: | ||
t & t & t \\ | t & t & t \\ | ||
\end{bmatrix}</math> | \end{bmatrix}</math> | ||
+ | ==4== | ||
+ | Milyen c-re nulla az alábbi determináns értéke? | ||
+ | :<math>D=\begin{vmatrix} | ||
+ | 2 & 1 & c & c+1\\ | ||
+ | 1 & 1 & 1 & 1\\ | ||
+ | -1 & 1 & 1 & -1\\ | ||
+ | -2 & 1 & 4 & c^2 | ||
+ | \end{vmatrix}</math> a 2. oszlop csupa 1, és a többiben is van sok egyes, tehát érdemes levonni a 2. oszlopot a többiből: | ||
+ | :<math>D=\begin{vmatrix} | ||
+ | 1 & 1 & c-1 & c\\ | ||
+ | 0 & 1 & 0 & 0\\ | ||
+ | -2 & 1 & 0 & -2\\ | ||
+ | -3 & 1 & 3 & c^2-1 | ||
+ | \end{vmatrix}</math> a 2. sorban egy db 1-es lett, fejtsük ki eszerint: | ||
+ | :<math>D=\begin{vmatrix} | ||
+ | 1 & c-1 & c\\ | ||
+ | -2 & 0 & -2\\ | ||
+ | -3 & 3 & c^2-1 | ||
+ | \end{vmatrix}</math> ha levonjuk az 1. oszlopot a 3-ból, akkor eltűnik a -2: | ||
+ | :<math>D=\begin{vmatrix} | ||
+ | 1 & c-1 & c-1\\ | ||
+ | -2 & 0 & 0\\ | ||
+ | -3 & 3 & c^2+2 | ||
+ | \end{vmatrix}=(-1)\cdot(-2)\cdot\begin{vmatrix} | ||
+ | c-1 & c-1\\ | ||
+ | 3 & c^2+2 | ||
+ | \end{vmatrix}=</math> | ||
+ | :<math>=2(c-1)(c^2+2)-6(c-1)=2(c-1)(c^2+2-3)=2(c-1)(c^2-1)=0</math> | ||
+ | :<math>c=\pm 1</math> |
A lap 2010. március 11., 22:56-kori változata
Tartalomjegyzék |
1
Legyen L1 valódi altere az L vektortérnek (az az L1L). Igazoljuk, hogy ekkor .
Mo. Először is hivatkozunk arra, hogy ha F független rendszer, B bázis és G generátorrendszer, akkor . L1 egy B bázisa lineárisan független rendszer L-ben, így , ahol .
Most tegyük fel indirekten, hogy |B|=n. Van olyan v vektor L-ben, ami független B-től, mert ha nem lenne, akkor B generátorrendszere lenne L-nek, amiből az következne, hogy L1=L lenne. BU{v} tehát független rendszer, azaz van L-ben n+1 elemű független rendszer. De L minden független rendszere legfeljebb csak n elemű, ami ellentmondás.
2
a)
Mo.
Ax=b-nek pontosan akkor van megoldása, ha r(A)=r(A|b) (itt a r(A) az A mátrix rangja). r(A) az oszlopok által kifeszített altér dimenziója.
hisz egyrészt csak háromemeletesek, másrészt van három független (1.,2.,4. oszlop). r(A)=3 pontosan akkor, ha a≠0. Ezesetben pedig valóban 1 megoldás van, mert det(A) ≠ 0.
Megoldás: x_0+Ker(A), Ker(A)={0}, mert A invertálható:
x_0=(-1,-2,-1)
b)
Mo.
Megoldhatóság: b=0
Megoldások száma: végtelen, mert dimKer(A)=3-dimIm(A)=3-2=1
Megoldások: inhomogén: (-1,0,1). Ker(A)={t(-2,1,1)}
3
Oldjuk meg az AX=B mátrixegyenletet, ha
a)
és
Mo. A invertálató, mert a determinánsa -2-8=-10 és ekkor a megoldás:
Az iverzet sokféleképpen lehet kiszámítani. Egyfelől az inverzmátrix képet:
itt adj A az előjeles aldeterminánsmátrix transzponáltja. Másrészt kiszámíthatjuk Gauss--Jordan-eliminációval:
Majd megszorozzuk B-vel:
b) és Mo. A nem invertálható. A kibővített mátrixszal:
A második oszlopot átvisszük paraméternek:
Ha a megoldást: alakban írjuk föl, akkor:
azaz
4
Milyen c-re nulla az alábbi determináns értéke?
- a 2. oszlop csupa 1, és a többiben is van sok egyes, tehát érdemes levonni a 2. oszlopot a többiből:
- a 2. sorban egy db 1-es lett, fejtsük ki eszerint:
- ha levonjuk az 1. oszlopot a 3-ból, akkor eltűnik a -2:
- = 2(c − 1)(c2 + 2) − 6(c − 1) = 2(c − 1)(c2 + 2 − 3) = 2(c − 1)(c2 − 1) = 0